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Si no me equivoco, no existen tales números reales cumpliendo la condición. Basta con despejar \( y(x) \):\( y=\displaystyle\frac{x\pm\sqrt[ ]{-(x-2)^2}}{2}\notin\mathbb R \)
Basta con despejar \( y(x) \): \( y=\displaystyle\frac{x\pm\sqrt[ ]{-(x-2)^2}}{2}\notin\mathbb R \)
HolaCita de: electron en 24 Septiembre, 2023, 09:56 pmSi no me equivoco, no existen tales números reales cumpliendo la condición. Basta con despejar \( y(x) \):\( y=\displaystyle\frac{x\pm\sqrt[ ]{-(x-2)^2}}{2}\notin\mathbb R \)De ahí se deduce que sólo hay una posibilidad para que sean reales \( x=2 \), \( y=1 \). De donde:\( \dfrac{x^2+2y^2}{x^2-2y^2}=\dfrac{6}{2}=3 \)Saludos.
Cita de: electron en 24 Septiembre, 2023, 09:56 pmBasta con despejar \( y(x) \): \( y=\displaystyle\frac{x\pm\sqrt[ ]{-(x-2)^2}}{2}\notin\mathbb R \)Yo no obtengo esas soluciones para \( y \). He clasificado la cónica \( x^2 + 2y^2+2=2x(y+1) \) y aparece un par de rectas imaginarias que se cortan en un punto real. Este punto ha de ser necesariamente el centro de la cónica, que igualando las parciales a \( 0 \) y resolviendo el sistema obtenemos \( (x,y)=(2,1) \).
No he utilizado cónicas, simplemente he resuelto la ecuación \( x^2 + 2y^2+2=2x(y+1) \) en \( y \) y aparecen las dos soluciones que comento.
Por cierto, ¿podrías comentar con más detalle ese procedimiento con cónicas? Me resulta interesante.